2019屆高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題綜合檢測練(一)文.doc
專題綜合檢測練(一)
(120分鐘 150分)
第Ⅰ卷(選擇題,共60分)
一、選擇題(本大題共12小題,每小題5分,在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的)
1.(2018泉州一模)tan θ=2,則sin 2θ= ( )
A.45 B.45 C.25 D.25
【解析】選A.sin 2θ=2sinθcosθsin2θ+cos2θ=2tanθtan2θ+1=45.
2.(2018石家莊一模)若角α的終邊經(jīng)過點P35,-45,則sin αtan α的值是 ( )
A.1615 B.-1615 C.-35 D.35
【解析】選A.因為角α的終邊經(jīng)過點P35,-45,所以sin α=-45,tan α=-43,所以sin αtan α=1615.
3.(2018廈門一模)把函數(shù)fx=sin 2x+3cos 2x的圖象向右平移φ個單位,再把所得圖象上各點的橫坐標(biāo)伸長為原來的2倍,縱坐標(biāo)不變,得到函數(shù)gx=2sin x的圖象,則φ的一個可能值為 ( )
A.-π3 B.π3 C.-π6 D.π6
【解析】選D.因為fx=sin 2x+3cos 2x=2sin2x+π3的圖象向右平移φ個單位,再把所得圖象上各點的橫坐標(biāo)伸長為原來的2倍,縱坐標(biāo)不變,得到y(tǒng)=2sinx-2φ+π3,由已知可得-2φ+π3=2kπ,k∈Z,所以φ的一個可能值為π6.
4.如圖,《九章算術(shù)》中記載了一個“折竹抵地”問題:今有竹高一丈,末折抵地,去本三尺,問折者高幾何? 意思是:有一根竹子, 原高一丈(1丈=10尺), 現(xiàn)被風(fēng)折斷,尖端落在地上,竹尖與竹根的距離三尺,問折斷處離地面的高為 ( )
A.5.45 B.4.55 C.4.2 D.5.8
【解析】選B.如圖,已知AC+AB=10(尺),BC=3(尺),AB2-AC2=BC2=9,
所以(AB+AC)(AB-AC)=9,解得AB-AC=0.9,
因此AB+AC=10,AB-AC=0.9,解得AB=5.45,AC=4.55.
故折斷處離地面的高為4.55尺.
5.已知函數(shù)fx=sin 2x+φ-π<φ<0,將fx的圖象向左平移π3個單位長度后所得的函數(shù)圖象經(jīng)過點0,1,則函數(shù)fx ( )
A.在區(qū)間-π6,π3上單調(diào)遞減
B.在區(qū)間-π6,π3上單調(diào)遞增
C.在區(qū)間-π6,π3上有最大值
D.在區(qū)間-π6,π3上有最小值
【解析】選B.函數(shù)fx=sin 2x+φ-π<φ<0,將fx的圖象向左平移π3個單位長度后所得的圖象對應(yīng)的函數(shù)解析式為y=sin2x+2π3+φ,又因為經(jīng)過點(0,1),所以1=sin2π3+φ,所以2π3+φ=π2+2kπ,k∈Z,所以φ=-π6+ 2kπ,又因為-π<φ<0,所以φ=-π6,所以f(x)=sin2x-π6,所以函數(shù)f(x)在區(qū)間-π6,π3上單調(diào)遞增.
6.(2018宜賓二模)在△ABC中,sin B=13,BC邊上的高為AD,D為垂足,且BD=2CD,則cos A= ( )
A.-33 B.33 C.-1010 D.1010
【解析】選A.由已知可得B為銳角,且tan B=122,
因為AD=BD tan B=CD tan C,BD=2CD,
所以tan C=2tan B=12,
所以tan A=-tan(C+B)=-tanC+tanB1-tanCtanB=-2,
A為鈍角,由于tanA=sinAcosA,sin2A+cos2A=1,
所以cos A=-33.
7.已知cos α=79,且α是第四象限角,則sinα-π4= ( )
A.23 B.-23 C. 8-7218 D.-8+7218
【解析】選D.因為cos α=79,且α是第四象限角,
所以sin α=-429,
所以sinα-π4=22(sinα-cosα)=22-429-79
=-8+7218.
8.若0<α<π2,-π2<β<0,cos (π4+α)=13,cos (π4-β2)=33,則cos α+β2= ( )
A.539 B.-33 C. 7327 D.-69
【解析】選A.因為0<α<π2,cosπ4+α=13,
所以sinπ4+α=223,
因為-π2<β<0,cosπ4-β2=33,
所以sinπ4-β2=63,
所以cosα+β2=cosπ4+α-π4-β2
=cosπ4+αcosπ4-β2+sinπ4+αsinπ4-β2
=1333+22363=539.
9.(2018淄博一模)南宋時期的數(shù)學(xué)家秦九韶獨立發(fā)現(xiàn)的計算三角形面積的“三斜求積術(shù)”,與著名的海倫公式等價,其求法是:“以小斜冪并大斜冪減中斜冪,余半之,自乘于上,以小斜冪乘大斜冪減小,余四約之,為實.一為從隅,開平方得積.”若把以上這段文字寫成公式,即S=14a2c2-a2+c2-b222.若滿足
sin A∶sin B∶sin C=(2-1)∶5∶(2+1),周長為22+5的△ABC的面積為 ( )
A.34 B.32 C.54 D.52
【解析】選A.因為sin A∶sin B∶sin C=(2-1)∶5∶(2+1),
所以由正弦定理得
a∶b∶c=(2-1)∶5∶(2+1),
又因為周長為22+5,所以a=2-1,b=5,c=2+1,所以代入秦九韶公式得
△ABC的面積為S=14(2-1)2(2+1)2-(2-1)2+(2+1)2-(5)222=34.
10.已知函數(shù)f(x)=sin (πx+π4)和函數(shù)g(x)=cos (πx+π4)在區(qū)間[-54,74]上的圖象交于A,B,C三點,則△ABC的面積是 ( )
A.22 B.324 C.2 D.524
【解析】選C.解方程sinπx+π4=cosπx+π4,
得πx+π4=kπ+π4,k∈Z,所以x=k,
又因為x∈-54,74,所以x=-1,0,1,
所以A-1,-22,B0,22,C1,-22,
所以△ABC的面積是S=12[1-(-1)]2=2.
11.將函數(shù)fx=cos2x-π4的圖象向左平移π8個單位后得到函數(shù)gx的圖象,則gx ( )
A.為奇函數(shù),在0,π4上單調(diào)遞減
B.最大值為1,圖象關(guān)于直線x=π2對稱
C.最小正周期為π,圖象關(guān)于點3π8,0對稱
D.為偶函數(shù),在-3π8,π8上單調(diào)遞增
【解析】選B.因為gx=cos2x+π8-π4=cos 2x,
所以g(x)為偶函數(shù),且在kπ2,kπ2+π2上單調(diào)遞減,
在kπ2+π2,kπ2+π上單調(diào)遞增,最大值為1,圖象關(guān)于x=kπ2,k∈Z對稱,最小正周期為π,對稱中心為k2π+π4,0,所以A,C,D都是錯誤的,B正確.
12.(2018成都一模)已知函數(shù)f(x)=4sin2x+π60≤x≤91π6,若函數(shù)F(x)=f(x)-3的所有零點依次記為x1,x2,x3,…,xn,x1<x2<x3<…<xn,則x1+2x2+2x3+…+2xn-1+xn= ( )
A.1 255π3 B.445 π C.1 420π3 D.1 520π3
【解析】選B.如圖
畫出函數(shù)圖象,因為函數(shù)的最小正周期為π,所以共有31個零點,
x1+x2=π3,x2+x3=4π3,
x3+x4=2π+π3,x4+x5=2π+4π3,
x5+x6=4π+π3,x6+x7=4π+4π3,
…
x29+x30=28π+π3,x30+x31=28π+4π3,
所以x1+2x2+2x3+…+2xn-1+xn=2(2π+4π+…+28π)+155π3=445π.
第Ⅱ卷(非選擇題,共90分)
二、填空題(本大題共4小題,每小題4分,共16分,把正確答案填在題中橫線上)
13.在△ABC中,三個內(nèi)角A,B,C所對的邊分別是a,b,c.若b=4,∠B=π6,sin A=13,則a=____________.
【解析】由正弦定理得a=bsinAsinB=41312=83.
答案:83
14.(2018廣東六校聯(lián)考)已知平面四邊形ABCD為凸四邊形(凸四邊形即任取平面四邊形一邊所在直線,其余各邊均在此直線的同側(cè)),且AB=2,BC=4,CD=5,DA=3,則平面四邊形ABCD面積的最大值為____________.
【解析】設(shè)AC=x,在△ABC中由余弦定理有x2=22+42-224cos B=20-16cos B,
同理,在△ADC中,由余弦定理有:x2=32+52-235cos D=34-30cos D,
即15cos D-8cos B=7,①
又平面四邊形ABCD面積為S=1224sin B+1235sin D=12(8sin B+15sin D),
即8sin B+15sin D=2S,②
①②平方相加得
64+225+240(sin Bsin D-cos Bcos D)=49+4S2,
即-240cos(B+D)=4S2-240,
當(dāng)B+D=π時,S取最大值230.
答案:230
15.已知cos π4-α=24,則sin 2α=____________.
【解析】因為cos π4-α=24,
所以22cos α+22sin α=24,
所以cos α+sin α=12,
兩邊平方得1+2cos αsin α=14,所以sin 2α=-34.
答案:-34
16.(2018宜賓二模)若函數(shù)y=Asin(ωx+φ)(A>0,ω>0,|φ|<π2)的部分圖象如圖所示,則該函數(shù)解析式是____________.
【解析】因為最高點的坐標(biāo)軸為2,所以A=2,
因為T=258π-π8=π,所以ω=2,
由2π8+φ=π2,解得φ=π4,
所以該函數(shù)解析式是y=2sin2x+π4.
答案:y=2sin2x+π4
三、解答題(本大題共6小題,共74分,解答應(yīng)寫出文字說明,證明過程或演算步驟)
17.(12分)在△ABC中,內(nèi)角A,B,C所對的邊分別為a,b,c,且bsin 2A-
asin (A+C)=0.
(1)求角A.
(2)若c=3,△ABC的面積為332,求a的值.
【解析】(1)由bsin 2A-asin(A+C)=0得bsin 2A=asin B=bsin A,
又0<A<π,所以sin A≠0,得2cos A=1,所以A=π3.
(2)由c=3及12bcsinπ3=332可得 b=23,
又在△ABC中,a2=b2+c2-2bccos A,
即a2=(23)2+(3)2-2233cos π3,
解得a=3.
18.(12分)(2018蕪湖一模)已知a,b,c分別為△ABC三個內(nèi)角A,B,C的對邊,向量m=(sin A,sin B),n=(cos B,cos A),且mn=sin 2C.
(1)求角C的大小.
(2)若sin A+sin B=2sin C,且△ABC面積為93,求邊c的長.
【解析】(1)因為mn=sin Acos B+sin Bcos A=sin(A+B)=sin 2C,
在三角形ABC中有:sin(A+B)=sin C,
從而有sin C=2sin Ccos C,
即cos C=12,則C=60.
(2)由sin A+sin B=2sin C,
結(jié)合正弦定理知:a+b=2c,
又S=12absin C=12ab32=93知:ab=36.
根據(jù)余弦定理可知:c2=a2+b2-2abcos C=(a+b)2-3ab=4c2-108.
解得c=6.
19.(12分)(2018武漢一模)在△ABC中,角A,B,C對邊分別為a,b,c,已知2=a2-b+c2.
(1)求角A的大小.
(2)若a=6,b=23,求△ABC的面積.
【解析】(1)由已知2=a2-(b+c)2,
得2bccos A=a2-(b+c)2,
由余弦定理a2=b2+c2-2bccos A,得4bccos A=-2bc,
所以cos A=-12,又0<A<π,故A=2π3.
(2)由(1)知cos A=-12,sin A=32,
由正弦定理,得sin B=bsinAa=23326=12,
所以B=π6或56π(舍去)
從而C=π6,所以△ABC的面積為S=12absin C=1262312=33.
20.(12分)在△ABC中,內(nèi)角A,B,C所對的邊為a,b,c,滿足3asin C-
ccos A=2a-b.
(1)求C.
(2)若c=2,求△ABC的面積的最大值.
【解析】(1)由正弦定理和3asin C-ccos A=2a-b可得:3sin Asin C-
sin Ccos A=2sin A-sin B?
3sin Asin C+sin Acos C=2sin A,
因為A為三角形內(nèi)角,故3sin C+cos C=2,
sinC+π6=1,
因為C∈0,π,所以C=π3.
(2)由余弦定理a2+b2-2abcos C=c2,得a2+b2=ab+4≥2ab,即ab≤4,
故△ABC的面積的最大值為3.
21.(12分)(2018江西名校學(xué)術(shù)聯(lián)盟二模)已知△ABC中,角B=60,AB=8.
(1)若AC=12,求△ABC的面積.
(2)若點M,N滿足==,=23,求AM的值.
【解析】(1)在△ABC中,設(shè)角A,B,C所對的邊分別為a,b,c,
方法一:由正弦定理bsinB=csinC,
得sin C=csinBb=83212=33,
又b>c,所以B>C,則C為銳角,
所以cos C=63,
則sin A=sin(B+C)=sin Bcos C+cos Bsin C=3263+1233=32+36,
所以△ABC的面積S=12bcsin A=4832+36=242+83.
方法二:由余弦定理可得122=64+a2-28acos 60,解得a=4+46,
所以△ABC的面積S=12acsin B=12(4+46)832=242+83.
(2)由題意得M,N是線段BC的兩個三等分點,
設(shè)BM=x,則BN=2x,AN=23x,
又B=60,AB=8,
在△ABN中,由余弦定理得12x2=64+4x2-282xcos 60,
解得x=2(負值舍去),則BN=4,
所以BN2+AN2=AB2,
所以∠ANB=90,
在Rt△AMN中,AM=AN2+MN2=48+4=213.
22.(14分)已知函數(shù)f(x)=3sin 2x+sin xcos x.
(1)當(dāng)x∈0,π3時,求f(x)的值域.
(2)已知△ABC的內(nèi)角A,B,C的對邊分別為a,b,c,fA2=32,a=4,b+c=5,求△ABC的面積.
【解析】(1)由f(x)=3sin2x+sin xcos x
=sin2x-π3+32,
因為x∈0,π3,所以2x-π3∈-π3,π3,
所以sin2x-π3∈-32,32
可得f(x)∈[0,3].
(2)因為fA2=32,所以sinA-π3=0,
因為A∈(0,π)可得A=π3,
因為a=4,b+c=5,
所以由余弦定理可得16=b2+c2-bc=(b+c)2-3bc=25-3bc,
所以bc=3,
所以S△ABC=12bcsin A=334.
【提分備選】
1.(2018廣東省六校聯(lián)考)已知sinπ2+θ+3cos(π-θ)=sin(-θ),則
sin θcos θ+cos2 θ=( )
A.15 B.25 C.35 D.55
【解析】選C.因為sinπ2+θ+3cos(π-θ)
=sin(-θ),所以cos θ-3cos θ=-sin θ,
所以tan θ=2,所以sin θcos θ+cos2 θ=sinθcosθ+cos2θsin2θ+cos2θ=tanθ+1tan2θ+1=35.
2.已知函數(shù)f(x)=asinπ4x(a>0)在同一周期內(nèi)的圖象過點O,P,Q,其中O為坐標(biāo)原點,P為函數(shù)f(x)圖象的最高點,Q為函數(shù)f(x)的圖象與x軸的正半軸的交點,△OPQ為等腰直角三角形.
(1)求a的值.
(2)將△OPQ繞原點O按逆時針方向旋轉(zhuǎn)角α0<α<π4,得到△OP′Q′,若點P′恰好落在曲線y=3x(x>0)上(如圖所示),試判斷點Q′是否也落在曲線y=3x(x>0)上,并說明理由.
【解析】(1)因為函數(shù)f(x)=asin π4x(a>0)的最小正周期T=2ππ4=8,所以函數(shù)f(x)的半周期為4,所以|OQ|=4,即有Q坐標(biāo)為(4,0),又因為P為函數(shù)f(x)圖象的最高點,所以點P的坐標(biāo)為(2,a).又因為△OPQ為等腰直角三角形,所以a=|OQ|2=2.
(2)點Q′不落在曲線y=3x(x>0)上,理由如下:由(1)知,|OP|=22,|OQ|=4
所以點P′,Q′的坐標(biāo)分別為
22cosα+π4,22sinα+π4,(4cos α,4sin α).
因為點P′在曲線y=3x(x>0)上,
所以3=8cosα+π4sinα+π4=4sin2α+π2
=4cos 2α,
即cos 2α=34,又0<2α<π2,
所以sin 2α=74.
又4cos α4sin α=8sin 2α=874=27≠3.
所以點Q′不落在曲線y=3x(x>0)上.